2019年贵港市初中学业水平考试试卷
物 理
第I卷选择题
一、单项选择题（每小题3分，共30分）每小题只有一个正确的选项，请用2B铅笔将答题卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，必须先用橡皮擦干净后，再改涂其他答案标号。
1.亲爱的同学们，经过两年的初中物理学习，相信聪明的你一定学到了很多物理知识。下列数据最接近实际的是
A. 人的正常体温约为39℃ B. 初中物理课本的长度约为27cm
C. 对人体word/media/image1_1.png安全电压不高于220V D. 一位中学生的质量约为40g
【答案】B
【解析】
【详解】A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A错误；
B、一根筷子的长度在25cm左右，初中物理课本的长度略大于25cm，在27cm左右，故B正确；
C、对人体的安全电压不高于36V，故C错误；
D、一位中学生的质量约为50kg，故D错误。
2.在纪念“五四”运动100周年暨庆祝新中国成立70周年的合唱比赛中，同学们用歌声表达了“青春心向党，建功新时代”的远大志向。合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”，指的是声音的
A. 音调 B. 音色 C. 响度 D. 振幅
【答案】A
【解析】
【详解】合唱中“高音声部”和“低音声部”中的“高”和“低”是指声音的音调，故A正确，BCD错误。
3.中国高铁、移动支付、共享单车、鲲龙4G600水陆两栖飞机……当今中国，科技进步使生活更精彩。下列说法正确的是
A. “复兴”号高速列车因为速度很大所以惯性很大
B. 鲲龙AG600水陆两栖飞机在高空所受的大气压强，比水面附近的大气压强大
C. 使用共享单车时，用手机扫描二维码开锁，二维码位于手机摄像头的一倍焦距以内
D. 用手机进行移动支付时，是利用电磁波传递信息的
【答案】D
【解析】
【详解】A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，“复兴”号高速列车不管速度多大，只要质量不变，其惯性大小就不会改变，故A错误；
B、大气压随着高度的增加而减小，鲲龙AG600水陆两栖飞机在高空所受的大气压强，比水面附近的大气压强小，故B错误；
C、用手机扫描二维码开锁，二维码位于手机摄像头的二倍焦距以外，故C错误；
D、用手机进行移动支付时，它传递信息是通过电磁波来实现的，故D正确。
4.雨、云、雪……实质上都是水，只是形态各异罢了。当含有很多水蒸气的热空气升上高空时，水蒸气的温度降低变成小水滴或小冰晶，就形成了云。云是空气中的水蒸气经过下列哪些物态变化形成的
A. 汽化或升华 B. 汽化或凝固 C. 液化或凝华 D. 液化或凝固
【答案】C
【解析】
【详解】水蒸气变成小水滴，是由气态变成液态，属于液化现象；水蒸气直接变成小冰晶，是由气态变成固态，属于凝华现象。
5.下列现象中不能说明分子在不停地做无规则运动的是
A. 刮风时灰尘在空中飞舞 B. 酒精瓶盖打开可以嗅到酒精气味
C. 夏日的“荷城”贵港，荷花飘香 D. 在一杯热水中加盐，过一段时间整杯水都变咸了
【答案】A
【解析】
【详解】A、刮风时灰尘在空中飞舞，是固体颗粒在空气中运动，不属于分子运动，故A符合题意；
B、酒精瓶盖打开可以嗅到酒精气味是酒精分子在空气中发生扩散现象的缘故，说明分子在不停地做无规则运动，故B不符合题意；
C、夏日的“荷城”贵港，荷花飘香属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C不符合题意；
D、在一杯热水中加盐，过一段时间整杯水都变咸了是盐分子在水中发生扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D不符合题意。
6.下列物理量中，以科学家牛顿的名字作为单位的物理量是
A. 质量 B. 压强 C. 压力 D. 功
【答案】C
【解析】
【详解】A、质量的国际单位是克（g）；故A错误；
B、压强的国际单位是帕斯卡（Pa），是以科学家帕斯卡来命名的；故B错误；
C、压力以及所有的力的国际单位是牛顿（N），是以科学家牛顿来命名的；故C正确；
D、功的国际单位是焦耳（J），是以科学家焦耳来命名的；故D错误。
7.在日常家庭用电中如果使用不当会给人们带来危害。下列做法中可能给人们带来危害的是
A. 更换灯泡或维修电路时要先断开电源 B. 有金属外壳的用电器都使用两脚插头
C. 使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体 D. 开关要接在火线上
【答案】B
【解析】
【详解】A、更换灯泡或维修电路时，要先切断电源，然后再换新灯泡或维修电路，否则容易发生触电事故，故A不符合题意；
B、家用电器的金属外壳要接地，使用三角插头，可以防止人体触电，如果使用两脚插头，可能使人体触电，故B符合题意；
C、使用试电笔辨别火线时，用手接触笔尾金属体，不能用手接触笔尖的金属体，否则会引起触电，故C不符合题意；
D、开关必须接在火线与用电器之间，断开开关，切断火线，操作更安全，故D不符合题意。
8.如图所示，下列说法正确的是
A. 图甲实验现象表明通电导体周围存在着磁场
B. 图乙中，闭合开关，当导体以在磁场中沿竖直方向上下运动时，电流表指针会偏转
C. 图丙中，是发电机的工作原理图
D. 图丁中，动圈式扬声器（喇叭）的工作原理和乙图的实验原理相同
【答案】A
【解析】
【详解】A、图甲是奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场，故A正确；
B、图乙中，闭合开关，当导体在磁场中沿竖直方向上下运动时，没有切割磁感线，所以不会产生感应电流，故B错误；
C、图丙中有电源，是演示磁场对通电导体有力的作用的实验装置，是电动机的原理，故C错误；
D、扬声器工作时把电信号转换成声信号，电能转化成机械能，其原理是通电导体在磁场中受力而运动，乙图是电磁感应现象，它们的实验原理不同，故D错误。
9.三块完全相同的冰块分别漂浮在甲、乙、丙三种不同液体中，这三种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙、ρ丙。当冰块熔化后，甲液体液面高度不变，乙液体液面高度升高，丙液体液面高度降低。下列关系正确的是
A. ρ甲＜ρ乙＜ρ丙 B. ρ丙＜ρ甲＜ρ乙 C. ρ丙＜ρ乙＜ρ甲 D. ρ乙＜ρ丙＜ρ甲
【答案】B
【解析】
【详解】冰漂浮于液面上，所以F浮=G，即：ρ液gV排=mg，----①
冰熔化成水后，其质量不变，所以有ρ水V水= m，-----②
联立①②可得：ρ液V排=ρ水V水，ρ液=word/media/image3_1.pngρ水，
甲液体液面高度不变，说明V水=V排，ρ甲=ρ水，
乙液体液面高度升高，说明V水＞V排，ρ乙＞ρ水，
丙液体液面高度降低，说明V水＜V排，ρ丙＜ρ水，
所以ρ丙＜ρ甲＜ρ乙。
10.如图所示电路，电源两端电压与灯丝电阻保持不变。先只闭合开关S2，电流表和电压表均有示数。下列说法正确的是
A. 再断开开关S2，只闭合开关S1时，电压表示数不变，电流表示数变小
B. 再断开开关S2，只闭合开关S1时，电压表示数与电流表示数的比值变大
C. 再闭合开关S1、S3时，电压表示数不变，电流表示数变大
D. 再闭合开关S1、S3时，电压表示数与电流表示数的比值变小
【答案】D
【解析】
【详解】由电路图可知，只闭合开关S2时，灯泡L1与电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压。
再断开开关S2，只闭合开关S1时，电路为R的简单电路，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变小，由I=word/media/image5_1.png可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，由U=IR可知，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
由R=word/media/image6_1.png可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则其比值不变，故B错误；
再闭合开关S1、S3时，灯泡L1被短路，此时R与L2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，因电源的电压大于L1与R串联时R两端的电压，所以，电压表的示数变大；因R与L2并联后的总电阻小于L1与R串联后的总电阻，由I=word/media/image5_1.png可知，电流表的示数变大，故C错误；
只闭合开关S2时，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值；再闭合开关S1、S3时，电压表示数与电流表示数的比值等于R与L2并联后的总电阻，因并联电路的总电阻小于任意一个分电阻，所以，再闭合开关S1、S3时，电压表示数与电流表示数的比值变小，故D正确。
第II卷非选择题
二、填空题（每空1分，共20分）
11.位于桂平的大藤峡水电站是广西建设“西江亿吨黄金水道”的关键节点和打造珠江——西江经济带标志性工程，预计2023年全部项目建成。在庞大而复杂的水电枢纽中，将水的机械能转化为电能的主要设备是_____（选填“电动机” “发电机”或“船闸”）；货船通过船闸后，若两艘船并排行驶时，两船间水的流速比两船外侧的大，这会使两 船“相吸”甚至发生碰撞，这是因为液体在流速大的地方_____。
【答案】 (1). 发电机 (2). 压强小
【解析】
【详解】电动机是将电能转化为机械能；发电机是将机械能转化为电能；船闸利用了连通器的原理制成的，故应选发电机。两艘船并排行驶时，两船内侧的水流速度大，外侧的水流速度小，根据流体压强与流速的关系可知，两船内侧水的压强小于两船外侧水的压强，在这个压强差的作用下，两船会向中间靠拢，出现相撞的情形。
12.为庆祝中国海军建军70周年，我国举行了大型的海上阅兵活动。某潜水艇在水面上航行时，相对于岸上观礼的人群是_____的（选填“运动”或“静止”）。潜水艇是靠改变_____来实现上浮或下沉的。
【答案】 (1). 运动 (2). 自身重力
【解析】
【详解】某潜水艇在水面上航行时，相对于岸上观礼的人群，潜水艇有位置的变化，是运动的；潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的。
13.—只鸽子在平静湖面上空飞过时，在湖面上形成鸽子的“倒影”，“倒影”是_____形成的（选填“光的直线传播” “光的反射”或“光的折射”），当鸽子往高处飞，该“倒影”的大小_____（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 (1). 光的反射 (2). 不变
【解析】
【详解】平静的湖面相当于平面镜，在湖面上形成鸽子的“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。平面镜成的像与物体大小相等，当鸽子往高处飞，则“倒影”大小不变。
14.在放假外出旅游时，小明发现所乘坐的汽车窗边放置有在紧急情况下使用的逃生安全锤，如图所示。这种逃生安全锤有一端设计成锥形，这样做的目的是通过_____受力面积的方法，从而_____压强来破坏玻璃窗逃生（两空均选填“增大”或“减小”）。
【答案】 (1). 减小 (2). 增大
【解析】
【详解】逃生安全锤有一端设计成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
15.太阳能是一种_____能源（选填“可再生”或“不可再生”）；超市条形码识别仪的光敏二极管的主要材料是_____（选填“半导体”“超导体”或“纳米材料”）。
【答案】 (1). 可再生 (2). 半导体
【解析】
【详解】太阳能取之不尽、用之不竭，属于可再生能源；光敏二极管是由半导体材料制成的。
16.—个重50N的箱子放在水平地面上，受到10N的水平推力，箱子恰好做习速直线运动，这时箱子受到的摩擦力_____（选填“大于”“等于”或“小于”）10N；当水平推力增大到18N时，箱子所受合力的大小为_____N。
【答案】 (1). 等于 (2). 8
【解析】
【详解】箱子受10N的水平推力时，恰好做匀速直线运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，二力的大小相等，则这时箱子受到的摩擦力等于10N；当水平推力增大到18N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力的大小不变，仍为10N，此时箱子所受合力的大小为：F合=F′-f=18N-10N=8N。
17.某同学用丝绸摩擦过的玻璃棒靠近悬挂着的泡沬小球，发现泡沬小球被排斥。泡沬小球被排斥的原因是_____种电荷相互排斥，由此可知泡沬小球一定带_____电。
【答案】 (1). 同 (2). 正
【解析】
【详解】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近悬挂的泡沫小球，发现泡沫小球被排斥,则根据同种电荷相互排斥可知,泡沫小球一定带有同种电荷，即一定带正电荷。
18.在今年初中学业水平考试理化实验技能考试中，某同学在用调节好的托盘天平称一物体的质量时，在天平的右盘加减砝码过程中，他发现：当放入质量最小的砝码时，指针偏右；若将这个砝码取出，指针偏左。则要测出物体的质量，该同学下一步的正确操作是：取出质量最小的砝码，_____。天平平衡时，天平右盘中砝码的质量和游码的位置如图所示，则该物体的质量为_____g。
【答案】 (1). 移动游码 (2). 32.6
【解析】
【详解】由题意可知，所放入最小砝码的质量偏大，此时应该取出最小的砝码，将处在零刻度位置的游码向右调，相当于往右盘中增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡；由图可知，标尺的分度值是0.2g，游码左侧指在2.6g处，则该物体的质量为：m =20g+10g+2.6g=32.6g。
19.家用电吹风的简化电路如图所示，主要技术参数如下表。则该电吹风正常工作吹热风时，电热丝的阻值是_____Ω，正常工作吹热风5min电热丝产生的热量是_____J。
【答案】 (1). 55 (2). 3×105
【解析】
【详解】由表格数据可知，电吹风吹冷风时的功率，即电动机的功率为120W，由图可知，电吹风正常工作且吹热风时，电动机和电热丝并联，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以电热丝的功率：P电热丝=P热-PM=1000W-120W=880W，并联电路中各支路两端的电压相等，电热丝的电阻：R电热丝=word/media/image10_1.png=55Ω；电吹风正常工作且吹热风时，5min内电流通过电热丝产生的热量：Q=W=P热t=1000W×5×60s=3×105J。
20.把一个密度均匀的圆柱体甲和装有适量的某液体的圆柱形容器乙平放在水平桌面上，如图所示，它们的底面积之比S甲:S乙=3:4，对桌面的压强之比p甲:p乙=4:1。若在圆柱体甲上沿水平方向截取一段高为8cm的物体，并平稳放入容器乙中，施加一个外力使物体刚好浸没在深度为h乙的液体中（物体不与容器乙接触，液体无溢出），此时甲对桌面的压强p′甲=word/media/image11_1.png，乙对桌面的压强p′乙=2p乙且p′甲=p′乙。则此时圆柱体甲对桌面的压强p′甲为_____Pa，物体浸没在液体后，容器乙中液体的深度h′乙是_____m（ρ甲=1.2×103kg/m3，容器乙的壁厚和质量均忽略不计，g取10N/kg）。
【答案】 (1). 9600 (2). 12
【解析】
【详解】直柱形容器放在水平面上对水平面的压强p=word/media/image13_1.png=ρgh，
设截取前圆柱体甲的高度为h甲，则圆柱体甲对桌面的压强：p甲=ρ甲gh甲，
圆柱体甲截取长度为0.08m后，圆柱体甲对桌面的压强：p′甲=ρ甲g（h甲-0.08m），
p′甲=word/media/image11_1.png，ρ甲g（h甲-0.08m）=
word/media/image14_1.png，h甲=0.16m，
圆柱体甲对桌面的压强p′甲=ρ甲g（h甲-0.08m）= 1.2×103kg/m3×10N/kg×（0.16m-0.08m）= 9600Pa，
容器乙的壁厚和质量均忽略不计，容器乙中未放入物体时，对桌面的压强等于液体的压强，即：p乙=ρ乙gh乙，
圆柱体甲截取长度0.08m时，则物体的体积V=S甲×0.08m，将物体浸没在液体乙中，液面上升的高度：Δh=word/media/image15_1.png=0.06m，物体刚好浸没在液体中时，容器乙对桌面的压强等于此时液体的压强，即：p乙′=ρ乙g（h乙+0.06m），p′乙=2p乙，ρ乙g（h乙+0.06m）=2ρ乙gh乙，h乙=0.06m，h乙′= h乙+Δh=0.06m+0.06m=0.12m=12cm。
三、作图与实验探究题（共28分）
21.用手把小球压在弹簧上，弹簧被压缩到A点，松手后小球向上运动，如图所示。请在图中画出小球离开弹簧后所受到的力的示意图（O为小球的重心，空气对小球的作用力忽略不计）。
【答案】
【解析】
【详解】小球离开弹簧后向上运动，不再受到弹簧的弹力，忽略空气对小球的作用力，此时小球只受重力的作用；过重心O作竖直向下的有向线段，即为其受到重力的示意图，如图所示：
22.如图所示，OA′是入射光线AO的折射光线，请在图中画出入射光线BO的反射光线和该入射光线在水中的折射光线的大致方向。
【答案】
【解析】
【详解】图中法线已作出，根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出BO的反射光线；由图可知，入射光线AO和BO相比，BO的入射角较小，所以BO经水面折射后的折射角也较小，则BO对应的折射光线OB′应画在OA′和法线之间，如图所示：
23.如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“-”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，则小磁针N极指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极。因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极（即右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示：
24.如图是探究“动能的大小跟哪些因素有关”的实验装置图。
（1）若让同一钢球分别从斜面不同的高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越_____，木块B被撞得越_____。
（2）若让不同质量的钢球分别从斜面相同的高度h由静止开始滚下，比较木块B被撞击后运动距离s的远近。这是为了探究动能的大小与_____的关系。
【答案】 (1). 大 (2). 远 (3). 质量
【解析】
【详解】（1）同一钢球分别从斜面不同的高度由静止开始滚下，高度越高，钢球运动到水平面时速度越大，所具有的动能越大，则木块B被撞得越远；
（2）不同质量的钢球分别从斜面相同的高度由静止开始滚下，钢球运动到水平面时的速度相同，比较木块B被撞击后运动距离的远近，根据控制变量法可知探究动能的大小与质量的关系。
25.为了探究相同质量的不同物质在升高相同温度时，吸收热量的多少是否相同，某实验小组取相同质量的水和煤油放入两个相同的容器中，用同样的热源分别对它们加热，比较它们升高相同温度时吸收热量的多少。实验装置如图所示。
（1）加热时，某一时刻在水中的温度计示数如图所示，则此时水的温度是_____℃。
（2）实验数据记录如下表：
分析以上实验数据可得：相同质量的不同种物质，升高相同的温度，吸收的热量_____（选填“相同”或“不同”），_____的吸热本领更强（选填“水”或“煤油”）。
（3）根据以上表格的数据计算，当加热时间为12min时，这些水吸收的热量是_____J。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]。
【答案】 (1). 23 (2). 不同 (3). 水 (4). 8.4×103
【解析】
【详解】（1）温度计的分度值是1℃，此时是零上，温度计的示数为23℃，此时水的温度是23℃；
（2）根据转换法，实验中通过加热时间的长短来表示物质吸热的多少；分析以上实验数据可得：相同质量的不同种物质，升高相同的温度，加热时间不相同，吸收的热量不同，水的加热时间长，吸收热量多，吸热本领更强；
（3）这些水吸收的热量：Q=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（30℃-20℃）=8.4×103J。
26.如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程图。图甲、乙、丙容器中装的液体是水，图丁容器中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数。请回答以下问题：
（1）图甲中，弹簧测力计的示数F1=_____N。
（2）物体完全浸没在水中时所受的浮力为_____N。
（3）分析图中乙、丙两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与_____有关；分析图中_____两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关。
（4） 实验中釆用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为_____法。
【答案】 (1). 4.8 (2). 2 (3). 排开液体的体积 (4). 丙、丁 (5). 控制变量
【解析】
【详解】（1）图甲中，弹簧测力计的分度值为0.2N，它的示数为F1=4.8N；
（2）由图丙可知物体完全浸没在水中时弹簧测力计的示数F3=2.8N，则物体完全浸没在水中时所受的浮力：F浮=F1-F3=4.8N-2.8N=2N；
（3）由图乙、丙可知，乙、丙中的液体都是水，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，测力计的示数不同，物体受到的浮力不同，由此可知：物体在液体中所受浮力的大小跟排开液体的体积有关；
要探究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，图丙和丁符合题意；
（4）影响浮力大小的因素是液体的密度和排开液体的体积，在研究浮力与液体的密度的关系时，需要控制排开液体的体积不变；在研究浮力与排开液体的体积的关系时，控制液体的密度不变，这用到了控制变量法。
27.用“伏安法”测未知电阻的阻值。
（1）请用笔画线表示导线，将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小（请勿更改原有导线，导线不能交叉）。
（2）连接电路前，开关必须___。电路接通前，滑动变阻器的滑片P应该移至图中_____处（选填“A”或“B”）。
（3）小林闭合开关后，发现电流表示数为零，但电压表有示数，此时电路中的一处故障是待测电阻Rx_____（选填“短路”或“断路”）。
（4）小林排除故障后，用滑动变阻器调节接入电路中的电阻，对应每次变化各测一次电流值和相应的电压值并记录到表格中。有一次测量电流表的指针如图乙所示，其示数为_____A；另一次测量电压表的指针如图丙所示，其示数为_____V。小林根据几组实验数据计算出Rx的值，为了进一步减小误差，绘制了Rx的U-I图像。
（5）另一组word/media/image1_1.png小宇用相同的器材进行实验，并根据自己所记录的实验数据绘制了如图丁所示的U-I图像。小林发现小宇绘制的U-I图像和自己绘制的U-I图像不同，你认为其原因是_____；小林根据小宇的图像也可计算出待测电阻Rx=_____Ω。（实验过程中电源电压保持不变）。
【答案】 (1). (2). 断开 (3). B (4). 断路 (5). 0.28 (6). 2.6 (7). 电压表并联在滑动变阻器的两端 (8). 10
【解析】
【详解】（1）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：
（2）连接电路前，开关必须断开。电路接通前，滑动变阻器的滑片P应该移至图中阻值最大处的B端；
（3）若待测电阻短路，电压表示数为0，不符合题意；若待测电阻断路，电流表示数为零，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意，电路中的一处故障是待测电阻Rx断路；
（4）有一次测量电流表word/media/image1_1.png指针如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.28A；另一次测量电压表的指针如图丙所示，电压表分度值为0.1V，其示数为2.6V；
（5）待测电阻与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻变小时，由欧姆定律I=word/media/image5_1.png可知，电路的电流变大，根据U=IR得到待测电阻的电压变大，由串联电路电压的规律可知，变阻器两个的电压变小，根据绘制的如图丁所示的U-I图象可知，电压表并联在变阻器的两端了；由图乙可知，当电流I1=0.1A时，变阻器两端的电压U1=2V，当电流I2=0.2A时，变阻器两端的电压U2=1V，设电源电压为U，由串联电路电压的规律和欧姆定律可知，
word/media/image29_1.png，即
word/media/image30_1.png，U=3V，待测电阻：
word/media/image31_1.png=10Ω。
四、解答题（共22分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案必须写出数值和单位，只写出最后答案的不能给分。
28.小林家门口到贵港新世纪广场的公交路线全长9km，周末，小林从家门口的公车站乘坐公共汽车用时15min到达新世纪广场公车站与同学会合。求：
（1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度v1是多少km/h?合多少m/s?
（2）新世纪广场到园博园的公交路线全长20km，则小林和同学从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博园公车站需要用多长时间（假定此公共汽车的速度v2与v1相同）？
【答案】（1）36km/h；10m/s；（2）2×103s
【解析】
【详解】（1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度：v1=word/media/image32_1.png=36km/h；36km/h=36×
word/media/image33_1.pngm/s=10m/s；
（2）假定此公共汽车的速度v2与v1相同，从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博园公车站需要的时间：t2=word/media/image34_1.png=2×103s。
答：（1）公共汽车从小林家门口的公车站到新世纪广场公车站的平均速度v1是36km/h，合10m/s；
（2）新世纪广场到园博园的公交路线全长20km，则小林和同学从新世纪广场公车站乘坐公共汽车到园博园公车站需要用时2×103s。
29.如图所示，是考古工作队在贵港罗泊湾码头用起重机沿竖直方向匀速向上打捞一个体积为0.5m3、质量为1.2t的圆柱体文物的情景。B为起重机的配重，OA为起重机的起重臂，AB=25m，OB=5m，若在整个打捞过程中，文物始终保持0.3m/s的速度不变（江水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，起重机横梁重力和滑轮重力及摩擦均不计）。求：
（1）文物从开始上升直到刚露出江面word/media/image1_1.png过程中受到的浮力大小。
（2）在整个打捞文物的过程中，起重机的拉力做功的最小功率。
（3）为了使起重机不翻倒，起重机的配重B的质量至少是多少？
【答案】（1）5×103N；（2）2.1×103W；（3）4.8×103kg
【解析】
【详解】（1）文物的体积为0.5m3，从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m3=5×103N；
（2）若在整个打捞过程中，文物始终保持0.3m/s的速度不变，根据P=word/media/image36_1.pngFv，当牵引力最小时，起重机的拉力做功的最小功率，当文物浸没在江水中受到的浮力最大，由力的平衡，此时拉力最小为：F拉小=G-F浮=mg-F浮=1.2×103kg×10N/kg-5×103N=7×103N；起重机的拉力做功的最小功率：P=F拉小v=7×103N×0.3m/s=2.1×103W；
（3）当文物完全露出江面时，作用在起重臂的阻力为物体的重力：F大=G= mg =1.2×103kg×10N/kg =1.2×104N，AO=AB-OB=25m-5m=20m，F大×OA=GB×OB=mBg×OB，为了使起重机不翻倒，起重机的配重B的质量至少为：mB=word/media/image37_1.png=4.8×103kg。
答：（1）文物从开始上升直到刚露出江面的过程中受到的浮力大小为5×103N；
（2）在整个打捞文物的过程中，起重机的拉力做功的最小功率为2.1×103W；
（3）为了使起重机不翻倒，起重机的配重B的质量至少是4.8×103kg。
30.如图甲所示，电源电压保持不变，R1是定值电阻，小灯泡Lword/media/image1_1.png额定电压是6V且灯丝电阻不随温度变化。当闭合开关S1、S3，断开开关S2，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数从1V变为3V的过程中，电路总功率变化了3.6W，其中电压表示数为3V时，电流表示数为0.3A；滑动变阻器R2的电功率P2与电压表示数U1的关系如图所示，滑动变阻器R2的滑片在a点、b点时，对应电压表示数为Ua、Ub，且Ub=8Ua。求：
（1）定值电阻R1的阻值。
（2）电源电压。
（3）滑动变阻器R2的滑片从a点滑到b点过程中，R2接入电路的阻值范围。
（4）当闭合开关S1、S2，断开开关S3，滑动变阻器R2的滑片在中点时，小灯泡L恰好正常发光，其电功率为PL；当滑动变阻器的滑片在阻值最大处时，小灯泡L的电功率为P′L。则PL与P′L之比是多少？
【答案】（1）10Ω；（2）18V；（3）80Ω～1.25Ω；（4）25:9
【解析】
【详解】（1）当闭合开关S1、S3，断开开关S2时，变阻器与R1串联，电压表则R1两端的电压，电流表测电路中的电流，其中电压表示数为3V时，电流表示数为0.3A，由欧姆定律，R1=word/media/image39_1.png=10Ω；
（2）电压表示数为1V时，电路的电流为：I1′=word/media/image40_1.png=0.1A，设电源电压为U，根据P=UI，因电路总功率变化了3.6W，故有：UI1-UI1′=ΔP，故U=
word/media/image41_1.png=18V；
（3）滑动变阻器R2的滑片在a点、b点时，对应电压表示数为Ua、Ub，且Ub=8Ua-----①；由图乙可知，滑片在a点、b点时变阻器的电功率相等，根据串联电路的规律及欧姆定律和P=UI得到：（U-Ua）×word/media/image42_1.png=（U-Ub）×
word/media/image43_1.png，得到
word/media/image44_1.png----②，由①②得：Ua=2V；Ub=16V；滑片在a点时，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：18V-2V=16V，根据分压原理，变阻器连入电路的电阻：
word/media/image45_1.png×10Ω=80Ω；同理滑片在b点时，R2b=
word/media/image46_1.png×10Ω=1.25Ω；滑动变阻器R2的滑片从a点滑到b点过程中，R2接入电路的阻值范围为80Ω-1.25Ω；
（4）当闭合开关S1、S2，断开开关S3，滑动变阻器R2的滑片在中点时，变阻器与灯（电阻为RL）串联，电压表测灯泡两端的电压，因小灯泡L恰好正常发光，灯泡两端的电压为6V，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑1=18V-6V=12V，由分压原理，变阻器连入电路的电阻为：R滑=word/media/image47_1.png×RL=2RL，其电功率为PL；当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，变阻器的最大电阻为2R滑=2×2RL=4RL，由分压原理，灯的电压为变阻器电压的
word/media/image48_1.png，故此时灯的实际电压为：U灯=
word/media/image49_1.png×18V=3.6V；根据P=
word/media/image50_1.png可知，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，则PL：PL′=（6V）2：（3.6V）2=25：9。
答：（1）定值电阻R1的阻值为10Ω；
（2）电源电压为18V；
（3）滑动变阻器R2的滑片从a点滑到b点过程中，R2接入电路的阻值范围为80Ω-1.25Ω；
（4）PL与PL′之比是25：9。
本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/942bb8aff68a6529647d27284b73f242326c3124.html
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